1. \(n_{CO_2}=0,12\left(mol\right);n_{Ca\left(OH\right)_2}=0,1\left(mol\right)\Rightarrow n_{OH^-}=0,2\left(mol\right)\)

\(T=\dfrac{0,2}{0,12}=1,6\) =>Tạo 2 muối 

Gọi x, y lần lượt là số mol Ca(HCO3)2 và CaCO3

Bảo toàn nguyên tố C :  2x+ y = 0,12

Bảo toàn nguyên tố Ca :  x+ y = 0,1

=> x=0,02, y=0,08

=> \(m_{muối}=0,02.162+0,08.100=11,24\left(g\right)\)

1. \(n_{CO_2}=0,225\left(mol\right);n_{Ca\left(OH\right)_2}=0,125\left(mol\right)\Rightarrow n_{OH^-}=0,25\left(mol\right)\)

\(T=\dfrac{0,25}{0,225}=1,1\) =>Tạo 2 muối 

Gọi x, y lần lượt là số mol Ba(HCO3)2 và BaCO3

Bảo toàn nguyên tố C :  2x+ y = 0,225

Bảo toàn nguyên tố Ba :  x+ y = 0,125

=> x=0,1, y=0,025

=> \(m_{muối}=0,1.259+0,025.197=30,825\left(g\right)\)

\(n_{CO_2}=\dfrac{2.688}{22.4}=0.12\left(mol\right)\)

\(n_{Ca\left(OH\right)_2}=0.1\cdot1=0.1\left(mol\right)\)

\(T=\dfrac{0.12}{0.1}=1.2\)

=> Tạo 2 muối

\(n_{CaCO_3}=a\left(mol\right),n_{Ca\left(HCO_3\right)_2}=b\left(mol\right)\)

Ta có : 

\(a+b=0.1\)

\(a+2b=0.12\)

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}a=0.08\\b=0.02\end{matrix}\right.\)

\(m_{Ca\left(HCO_3\right)_2}=0.02\cdot162=3.24\left(g\right)\)

\(n_{CO_2}=\dfrac{5.04}{22.4}=0.225\left(mol\right)\)

\(n_{Ba\left(OH\right)_2}=0.25\cdot0.5=0.125\left(mol\right)\)

\(T=\dfrac{0.225}{0.125}=1.8\)

=> Tạo ra 2 muối

\(n_{BaCO_3}=a\left(mol\right),n_{Ba\left(HCO_3\right)_2}=b\left(mol\right)\)

Ta có : 

\(a+b=0.125\)

\(a+2b=0.225\)

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}a=0.025\\b=0.1\end{matrix}\right.\)

\(m_{Muối}=0.025\cdot197+0.1\cdot259=30.825\left(g\right)\)

Ba(OH)2 + CO2 -> BaCO3 + H2O (1)
BaCO3 + CO2 + H2O -> Ba(HCO3)2 (2)

TN1: 2,464 lít CO2 (đktc) vào 200ml dung dịch X thì thu được 3a gam kết tủa.
TN2: 3,136 lít CO2 (đktc) vào 200ml dung dịch X thì thu được 2a gam kết tủa
=> Lượng CO2 ở TN2 tăng mà kết tủa lại giảm

*TN1: Chỉ xảy ra (1)
nCO2 = 0,11 mol
nBa(OH)2 = 0,2x mol
=> nBaCO3 (1) = 0,2 x mol
=> 3a = 0,2x . 197 = 39,2 x (I)

* TN2: Xảy ra cả (1)(2)
nCO2 = 0,14 mol
=> nCO2 (2) = 0,14 - 0,11 = 0,3 mol
=> nBaCO3 (2) = 0,3 mol
=> nBaCO3 còn lại = 0,2 x - 0,3 mol
=> 2a = (0,2 x - 0,3).197 = 39,2x - 59,1
=> 3a = (39,2x - 59,1). 1,5 = 58,8x - 88,65 (II)

Từ (I) và (II) => 39,2 x = 58,8x - 88,65
=> x = 4,5 M

n SO2 = 8,96/22,4 = 0,4(mol)

n CaSO3 = 24/120 = 0,2(mol) < SO2 = 0,4 nên kết tủa bị hòa tan một phần 

SO2 + Ca(OH)2 → CaSO3 + H2O

0,2.........0,2...............0,2.......................(mol)

2SO2 + Ca(OH)2 → Ca(HSO3)2

0,2............0,1........................................(mol)

=> n Ca(OH)2 = 0,2 + 0,1 = 0,3(mol)

=> a = 0,3/0,5 = 0,6(M)

Ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{NaOH}=0,5.0,5=0,25\left(mol\right)\\n_{KOH}=0,5.0,5=0,25\left(mol\right)\\n_{CO_2}=\dfrac{8,96}{22,4}=0,4\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

Đặt CT chung của NaOH và KOH là AOH

=> \(n_{AOH}=n_{NaOH}+n_{KOH}=0,25+0,25=0,5\left(mol\right)\)

PTHH:           2AOH + CO₂ \(\rightarrow\) A₂CO₃ + H₂O
Ban đầu:         0,5        0,4

Pư:                 0,5----->0,25

Sau pư:           0          0,15       0,25

                    A₂CO₃ + CO₂ + H₂O \(\rightarrow\) 2AHCO₃ 

Ban đầu:       0,25       0,15

Pư:               0,15<----0,15

Sau pư:         0,1          0                       0,3

=> \(\dfrac{1}{2}\) ddY có: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{A_2CO_3}=\dfrac{0,1}{2}=0,05\left(mol\right)\\n_{AHCO_3}=\dfrac{0,3}{2}=0,15\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

PTHH:          \(A_2CO_3+Ba\left(OH\right)_2\rightarrow BaCO_3\downarrow+2AOH\)

                      0,05--------------------->0,05

                      \(AHCO_3+Ba\left(OH\right)_{2\left(d\text{ư}\right)}\rightarrow BaCO_3\downarrow+AOH+H_2O\)

                       0,15-------------------------->0,15

                      \(A_2CO_3+BaCl_2\rightarrow BaCO_3\downarrow+2ACl\)

                       0,05------------------->0,05

=> \(\left\{{}\begin{matrix}a=\left(0,15+0,05\right).197=39,4\left(g\right)\\b=0,05.197=9,85\left(g\right)\end{matrix}\right.\)

=> a - b = 39,4 - 9,85 = 29,55 (g)

Chọn D

nCO₂ dùng ở 2 thí nghiệm là như nhau nhưng TN₂ cho nhiều BaCO₃ hơn TN₁

Þ Trong dung dịch sau phản ứng của TN₁ còn Ba²⁺ cùng với CO₃²⁻ hoặc HCO₃^-

Þ Dung dịch sau phản ứng của TN₁ chỉ có Ba(HCO₃)₂.

Vậy ở TN₁ bản chất là giống thí nghiệm 1 tạo ra 0,1 mol BaCO₃ và dung dịch có a – 0,1 mol Ba(HCO₃)₂

Lượng NaOH thêm vào là a > nBa(HCO₃)₂ Þ Toàn bộ Ba²⁺ đã kết tủa

Þ a – 0,1 = 0,1 Þ a = 0,2; BTNT.C Þ nCO₂ = 0,1 + 0,1.2 = 0,3 Þ V = 6,72.

Đáp án D

Khi cho từ từ HCl và X, đã có phương trình tạo khí

H⁺ + HCO₃^-   → CO₂ + H₂O

Dung dịch Y không thể chứa OH^- , CO₃^2-. Vậy Y chứa KCl 0,5 mol (BTNT cho Cl) và KHCO₃ y mol.

Cho y phản ứng với Ba(OH)₂ dư:

ĐLBKL cho K ta có n(KOH) ban đầu = 0,4x= 0,5 +y = 0,7 => y = 1,75

Chọn A

Đáp án D

n_C4H10 = 0,56/22,4 = 0,025 mol

=> n_CO2 = 4.0,025 = 0,1 mol; n_H2O = 5.0,025 = 0,125 mol;

T = n_OH-/n_CO2 = 0,16/0,1 = 1,6

 => tạo ra 2 muối; n_CO3^2- = 0,06 => m_CaCO3 = 0,06.197 = 11,82 gam